Question

已知正項(xiàng)數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和sn=

an2+an

2

，bn=(1+

1

2an

)an(n∈N*)．
（Ⅰ）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（Ⅱ）定理：若函數(shù)f（x）在區(qū)間D上是凹函數(shù)，且f'（x）存在，則當(dāng)x₁＞x₂（x₁，x₂∈D）時(shí)，總有

f(x1)-f(x2)

x1-x2

＜f′(x1)，請(qǐng)根據(jù)上述定理，且已知函數(shù)y=xⁿ⁺¹（n∈N*）是（0，+∞）上的凹函數(shù)，判斷b_n與b_n+1的大��；
（Ⅲ）求證：

3

2

≤bn＜2．

Answer 1

分析：（Ⅰ）先利用a_n與_^Sn關(guān)系式變形得到a_n-a_n-1=1．所以數(shù)列{a_n}是以1為首項(xiàng)，1為公差的等差數(shù)列．即可求出a_n=n
（Ⅱ）先求出b_n，可令x1=1+

1

2n

，x2=1+

1

2(n+1)

，再根據(jù)凹函數(shù)的定義得x₁ⁿ＜x₂^n+1，_即b_n＜b_n+1．
（Ⅲ）利用放縮法可證明，即先證明

C

n r

•(

1

2n

)r ≤(

1

2

)r，bn=(1+

1

2n

)n=1+

n

r=1

C

n r

(

1

2n

)r≤1+

1

2

+(

1

2

)2+…+(

1

2

)n=2-(

1

2

)n＜2，再利用（2）中的結(jié)論b_n＜b_n+1．可證得bn=(1+

1

2n

)n≥

3

2

．

解答：解：（Ⅰ）n=1時(shí)，a1=s1=

a12+a1

2

⇒a1=0或a₁=1．
由于{a_n}是正項(xiàng)數(shù)列，所以a₁=1．
當(dāng)n≥2時(shí)，an=sn-sn-1=

an2+an

2

-

an-12+an-1

2

，
整理，得a_n+a_n-1=（a_n+a_n-1）（a_n-a_n-1）．
由于{a_n}是正項(xiàng)數(shù)列，∴a_n-a_n-1=1．
∴數(shù)列{a_n}是以1為首項(xiàng)，1為公差的等差數(shù)列．
從而a_n=n，當(dāng)n=1時(shí)也滿足．
∴a_n=n（n∈N^*）．（4分）
（Ⅱ）由（Ⅰ）知bn=(1+

1

2n

)n．
對(duì)于（0，+∞）上的凹函數(shù)y=xⁿ⁺¹，有y'=（n+1）xⁿ．
根據(jù)定理，得

x1n+1-x2n+1

x1-x2

＜(n+1)x1n．（6分）
整理，得x₁ⁿ[（n+1）x₂-nx₁]＜x₂ⁿ⁺¹．
令x1=1+

1

2n

，x2=1+

1

2(n+1)

，得（n+1）x₂-nx₁=1．（8分）
∴x₁ⁿ＜x₂ⁿ⁺¹，即(1+

1

2n

)n＜[1+

1

2(n+1)

]n+1．
∴b_n＜b_n+1．（10分）
（Ⅲ）∵

C

r n

•(

1

2n

)r=

n

n

•

n-1

n

•

n-r+1

n

•

1

r

(

1

2

)r≤(

1

2

)r，
∴bn=(1+

1

2n

)n=1+

n

r=1

C

r n

(

1

2n

)r≤1+

1

2

+(

1

2

)2+…+(

1

2

)n=2-(

1

2

)n＜2．
又由（Ⅱ），得bn＞bn-1＞…＞b2＞b1=

3

2

．
（或bn=(1+

1

2n

)n=1+

1

2

+

n

r=2

C

r n

(

1

2n

)r≥

3

2

．）
∴

3

2

≤bn＜2．（14分）

點(diǎn)評(píng)：此題考查等差數(shù)列的定義，及用放縮法證明不等式．