Question

（2012•北海一模）如圖（1）在等腰△ABC中，D，E，F(xiàn)分別是AB，AC和BC邊的中點，∠ACB=120°，現(xiàn)將△ABC沿CD翻折成直二面角A-DC-B．（如圖（2））
（I）試判斷直線AB與平面DEF的位置關(guān)系，并說明理由；
（II）求二面角E-DF-C的余弦值；
（III）在線段BC是否存在一點P，但AP⊥DE？證明你的結(jié)論．

Answer 1

分析：（I）利用線線平行證明線面平行，由E、F分別是AC、BC中點，得EF∥AB，從而可證AB∥平面DEF；
方法一：（II）取CD的點M，使EM∥AD，過M作MN⊥DF于點N，連接EN，則EN⊥DF，從而可得∠MNE是二面角E-DF-C的平面角，進(jìn)而可得tan∠MNE=2，從而可得二面角E-DF-C的余弦值；
（Ⅲ）在線段BC上不存在點P，使AP⊥DE，作AG⊥DE，交DE于G交CD于Q由已知得∠AED=120°，于是點G在DE的延長線上，從而Q在DC的延長線上，過Q作PQ⊥CD交BC于P，可得P在BC的延長線上．
方法二（Ⅱ）建立空間直角坐標(biāo)系，用坐標(biāo)表示點與向量，求出平面CDF的法向量為

m

=(0，0，1)，平面EDF的法向量為

n

=(

3

，-3，

3

)，從而可求二面角E-DF-C的余弦值；
（Ⅲ）設(shè)P（x，y，0），利用

AP

•

DE

=0，

BP

∥

PC

，求得P的坐標(biāo)，從而可得在線段BC上不存在點P使AP⊥DE．

解答：解：（I）如圖1在△ABC中，由E、F分別是AC、BC中點，得EF∥AB，
又AB?平面DEF，EF?平面DEF，∴AB∥平面DEF．
方法一：（II）∵AD⊥CD，BD⊥CD，∴∠ADB是二面角A-CD-B的平面角，∴AD⊥BD，
∴AD⊥平面BCD，
取CD的點M，使EM∥AD，∴EM⊥平面BCD，
過M作MN⊥DF于點N，連接EN，則EN⊥DF，
∴∠MNE是二面角E-DF-C的平面角．
設(shè)CD=a，則AC=BC=2a，AD=DB=

3

a，
在△DFC中，設(shè)底邊DF上的高為h
由S△DFC=

1

2

•

3

a•a•

1

2

=

1

2

•

1

2

•2a•h，∴h=

3

2

a
在Rt△EMN中，EM=

1

2

AD=

3

2

a，MN=

1

2

h=

3

4

a，∴tan∠MNE=2
從而cos∠MNE=

5

5

（Ⅲ）在線段BC上不存在點P，使AP⊥DE，
證明如下：在圖2中，作AG⊥DE，交DE于G交CD于Q由已知得∠AED=120°，于是點G在DE的延長線上，從而Q在DC的延長線上，過Q作PQ⊥CD交BC于P，∴PQ⊥平面ACD，∴PQ⊥DE，∴DE⊥平面APQ，∴AP⊥DE．
但P在BC的延長線上．
方法二（Ⅱ）如圖3以點D為坐標(biāo)原點，直線DB、DC為x軸、y軸，建立空間直角坐標(biāo)系，
設(shè)CD=a，則AC=BC=2a，AD=DB=

3

a，則A（0，0，

3

a），B（

3

a，0，0），C（0，a，0，)，E(0，

a

2

，

3

2

a)，F(xiàn)(

3

2

a，

a

2

，0)．
取平面CDF的法向量為

m

=(0，0，1)，設(shè)平面EDF的法向量為

n

=(x，y，z)，
則

DF • n =0 DE • n =0

，得

3 x+y=0 y+ 3 z=0

取

n

=(

3

，-3，

3

)，
∴cos＜

m

，

n

＞=

m • n

| m || n |

=

5

5

，所以二面角E-DF-C的余弦值為

5

5

；
（Ⅲ）設(shè)P（x，y，0），則

AP

•

DE

=

a

2

y-

3

2

a2=0，∴y=3a，
又

BP

=(x-

3

a，y，0)，

PC

=(-x，a-y，0)，
∵

BP

∥

PC

 ，   ∴(x-

3

a)(a-y)=-xy，    ∴x+

3

y=

3

a
把y=3a代入上式得x=-2

3

a，可知點P在BC的延長線上
所以在線段BC上不存在點P使AP⊥DE．

點評：本題線面平行，考查面面角，考查存在性問題，解題的關(guān)鍵是利用線面平行的判定，確定面面角，同時注意向量方法的運用．