Question

已知f（x）=（x-1）²，g（x）=4x-4數(shù)列{a_n}滿足a₁=2，（a_n+1-a_n）g（a_n）+f（a_n）=0，（n∈N⁺）
（1）證明數(shù)列{a_n-1}是等比數(shù)列；
（2）設b_n=7f（a_n）-g（a_n+1），求數(shù)列{b_n}的前n項和S_n；
（3）在（2）的條件下，是否存在自然數(shù)M使得S_n＜M＜f（x）-g（x）+對任意n∈N^*和任意實數(shù)x均成立，若存在求出滿足條件的所有自然數(shù)M．

Answer 1

【答案】分析：（1）利用f（x）、g（x）的解析式，將等式（a_n+1-a_n）g（a_n）+f（a_n）=0，化簡整理得4a_n+1-3a_n-1=0，可得4（a_n+1-1）=3（a_n-1），從而得到數(shù)列{a_n-1}是首項a₁-1=1，公比q=的等比數(shù)列；
（2）由（1）求出a_n=+1，代入表達式求出b_n=-，再利用等比數(shù)列求和公式即可算出前n項和S_n=-16•（）²ⁿ+12•（）ⁿ+4；
（3）根據(jù)二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)，并且采用換元法求出S_n=-16•（）²ⁿ+12•（）ⁿ+4的最大值為≈6.21，結合f（x）-g（x）+=x²-6x+當x=3時取得最小值為，可得不等式S_n＜M＜f（x）-g（x）+對任意n∈N^*和任意實數(shù)x均成立，即6.21≤M＜成立，解之得M=7．
解答：解：（1）∵f（x）=（x-1）²，g（x）=4x-4
∴（a_n+1-a_n）g（a_n）+f（a_n）=0，
即4（a_n+1-a_n）（a_n-1）+（a_n-1）²=0，化簡得（a_n-1）（4a_n+1-3a_n-1）=0
∵a_n≠1，
∴4a_n+1-3a_n-1=0，可得4（a_n+1-1）=3（a_n-1），從而得到，
由此可得數(shù)列{a_n-1}是等比數(shù)列，它的首項a₁-1=1，公比q=；
（2）由（1），得a_n=+1
∴f（a_n）=，g（a_n+1）=4•，
可得b_n=7f（a_n）-g（a_n+1）=7•-4•=-，
數(shù)列{b_n}的前n項和S_n=-=-16•（）²ⁿ+12•（）ⁿ+4；
（3）令t=（）ⁿ，得
S_n=-16•（）²ⁿ+12•（）ⁿ+4=-16t²+12t+4=-16（t-）²+
∵n∈N^*，∴結合二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)，得當n=3時t=時，S_n的最大值為≈6.21
又∵f（x）-g（x）+=x²-6x+，當x=3時取得最小值為
∴若存在自然數(shù)M，使得S_n＜M＜f（x）-g（x）+對任意n∈N^*和任意實數(shù)x均成立，
則6.21≤M＜成立，解之得M=7
即存在自然數(shù)M=7，使得S_n＜M＜f（x）-g（x）+對任意n∈N^*和任意實數(shù)x均成立．
點評：本題給出兩個函數(shù)的表達式，求證數(shù)列{a_n-1}是等比數(shù)列，并依此解決一個不等式恒成立的問題．著重考查了二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)、等比數(shù)列的通項與求和公式和不等式恒成立問題的處理等知識，屬于中檔題．