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如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板；a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與b板用導(dǎo)線相連，Q板接地．開始時懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后，懸線偏轉(zhuǎn)了角度a．當(dāng)加大a、b間的距離時，懸線的偏角a將

變大

變大

（填“變大”、“變小”或“不變”）：若取出a、b兩極板間的電介質(zhì)時，懸線的偏角α將

變大

變大

（填“變大”、“變小”或“不變”）．

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如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板，a板接地，P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球，P板與b板用導(dǎo)線相連，Q板接地．開始時懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后，懸線偏轉(zhuǎn)了角度α．在以下方法中，能使懸線的偏角α變大的是①加大a、b間的距離 ②縮小a、b間的距離 ③取出a、b兩極板間的電介質(zhì) ④換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)（　　）

A．①④

B．②③

C．①③

D．②④

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如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板，a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球．P與b用導(dǎo)線相連，Q接地．開始時懸線靜止在豎直方向，b帶電后，懸線偏轉(zhuǎn)了角度α．如何改變電容器使角α變大，至少舉兩例．

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1. A 　2. BD 　 3.AD  4. B 　5.A  6.C　7.AC    8. BCD   9.A   10.AB   11.ACD    12.D

13．（10分）

（1）熱力學(xué)第二定律（3分）

（2）永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動（3分）   ；      （4分）

14．（10分）

（1）粒子性    （3分）

   （2）向下（3分）；   10m/s（4分）

15．實(shí)驗(yàn)二：   

（1）B、D、F、G、J、M   （3分）

  （2）①將實(shí)驗(yàn)裝置按要求安裝好

       ②接通電源，釋放處于豎直狀態(tài)的紙帶。用刻度尺測量出紙帶上相鄰兩點(diǎn)間的距離分別為d₁、d₂。

       ③計算重力加速度的表達(dá)式為   （3分）

    實(shí)驗(yàn)三：

  （1）G、L、M   （3分）

  （2）①將帶光控計時器的平板用支架豎直架穩(wěn)

    　　　 ②測量兩個光控門之間的距離s

   　　　�、郯鸦瑝K從上面的一個光控門處自由釋放，讀出下落時間t

④計算重力加速度的表達(dá)式為          （3分）

評分說明：如有其他方法，只要實(shí)驗(yàn)原理正確，參照以上給分；實(shí)驗(yàn)步驟必須完整才給分。

16．14分）（1） 52.75 （2分）

（2）思路分析與參考答案：①A．電路如圖所示，測電阻時應(yīng)盡量使指針指在中間值附近，所以應(yīng)選“×1k”．（2分）

   B．歐姆表中值電阻為R_中 = 30×1kΩ= 30000Ω，歐姆表指n刻度，則電壓表內(nèi)電阻R_V = 1000n，流過電壓表電流I_V = U/R_V = U/(1000n)，根據(jù)閉合電路歐姆定律電池電動勢E = U + I_VR_中 = U。（3分）

②　A．如圖所示（3分）．

，所以不能用電流表；又電壓表的量程較小于電源電動勢，所以滑動變阻器應(yīng)用分壓接法．

B．U_g = （2分），

其中N：V表指針?biāo)�指格�?shù)，U₁：V1表讀數(shù)．（2分）

17．（共14分）

解：（1）取最長的反應(yīng)時間0.6s，最小的動摩擦因數(shù)0.32  　　　 …（4分）

（2）根據(jù)牛頓第二定律，汽車剎車時的加速度

      ……（3分）

考慮最高車速v、最長反應(yīng)時間t、及最小動摩擦因數(shù)μ的極限情況下

反應(yīng)距離                ……（2分）

制動距離          ……（3分）

剎車距離               ……（2分）

因此200m的安全距離是必要的。

18．（16分）

（1）如圖所示，對質(zhì)點(diǎn)受力分析可得：

……………………3^’

繩中的拉力T=mg/cosθ=750N………3^’

根據(jù)幾何關(guān)系可得：……1^‘

代入數(shù)據(jù)得：rad/s………2^’

    （2）轉(zhuǎn)盤從靜止啟動到轉(zhuǎn)速穩(wěn)定這一過程，繩子對質(zhì)點(diǎn)做的功等于質(zhì)點(diǎn)機(jī)械能的增加量：………………………………………………4^’

m，m/s

代入數(shù)據(jù)解得W=3450J………………………………………3^’

19． 解：⑴a球從O到M 

W_OM＝  （3分）

得：     （2分）　  方向向左  （1分）

⑵設(shè)碰撞中損失的機(jī)械能為△E，對a、b球從O到N的全過程應(yīng)用能的轉(zhuǎn)化和守恒定律：

　　　－qE2L－△E＝0－     （3分）

則碰撞中損失的機(jī)械能為    △E＝= （3分） 

⑶設(shè)a與b碰撞前后的速度分別為v、v′，則 ：

mv＝2mv’    （2分）    

又減少的動能△E＝－＝  （2）

          （2分）

20．（18分）

解：（1）電場力與洛倫茲力平衡得：qE=qv₀B得：E=v₀B            （3分）

（2）根據(jù)運(yùn)動的對稱性，微粒能從P點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)，應(yīng)滿足   （2分）

其中x為每次偏轉(zhuǎn)圓弧對應(yīng)的弦長，偏轉(zhuǎn)圓弧對應(yīng)的圓心角為或．

設(shè)圓弧的半徑為R，則有2R²=x²，可得：              （2分）

又 由①②③式得：，n=1、2、3、……    （3分）

（3）當(dāng)n取奇數(shù)時，微粒從P到Q過程中圓心角的總和為

，（2分），其中n=1、3、5、……（1分）

當(dāng)n取偶數(shù)時，微粒從P到Q過程中圓心角的總和為：

，（2分），其中n=2、4、6、……（1分）

欲使時間最小，取n=1或者2，此時 （2分）