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如圖，已知圓O：x²+y²=1，O為坐標(biāo)原點．
（1）邊長為

2

的正方形ABCD的頂點A、B均在圓O上，C、D在圓O外，當(dāng)點A在圓O上運動時，C點的軌跡為E．
①求軌跡E的方程；
②過軌跡E上一定點P（x₀，y₀）作相互垂直的兩條直線l₁，l₂，并且使它們分別與圓O、軌跡E相交，設(shè)l₁被圓O截得的弦長為a，設(shè)l₂被軌跡E截得的弦長為b，求a+b的最大值．
（2）正方形ABCD的一邊AB為圓O的一條弦，求線段OC長度的最值．

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如圖，已知直線L：x=my+1過橢圓C：

x2

a2

+

y2

b2

=1(a＞b＞0)的右焦點F，且交橢圓C于A，B兩點，點A，F(xiàn)，B在直線G：x=a²上的射影依次為點D，K，E，
（1）已知拋物線x2=4

3

y的焦點為橢圓C的上頂點．
①求橢圓C的方程；
②若直線L交y軸于點M，且

MA

=λ1

AF

，

MB

=λ2

BF

，當(dāng)m變化時，求λ₁+λ₂的值；
（2）連接AE，BD，試探索當(dāng)m變化時，直線AE、BD是否相交于一定點N？若交于定點N，請求出N點的坐標(biāo)并給予證明；否則說明理由．

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如圖，已知橢圓

x2

a2

+

y2

b2

=1（a＞b＞0）的離心率為

2

2

，以該橢圓上的點和橢圓的左、右焦點F₁，F(xiàn)₂為頂點的三角形的周長為4（

2

+1），一等軸雙曲線的頂點是該橢圓的焦點，設(shè)P為該雙曲線上異于頂點的任一點，直線PF₁和PF₂與橢圓的交點分別為A、B和C、D．
（Ⅰ）求橢圓和雙曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程；
（Ⅱ）設(shè)直線PF₁、PF₂的斜率分別為k₁、k₂，證明k₁•k₂=1；
（Ⅲ）（此小題僅理科做）是否存在常數(shù)λ，使得|AB|+|CD|=λ|AB|•|CD|恒成立？若存在，求λ的值；若不存在，請說明理由．

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如圖，△ABC的內(nèi)切圓與三邊AB、BC、CA的切點分別為D、E、F，已知B（-

2

，0)，C(

2

，0)，內(nèi)切圓圓心I（1，t）．設(shè)A點的軌跡為L
（1）求L的方程；
（2）過點C作直線m交曲線L于不同的兩點M、N，問在x軸上是否存在一個異于點C的定點Q．使

QM • QC

| QM |

=

QN • QC

| QN |

對任意的直線m都成立？若存在，求出Q的坐標(biāo)，若不存在，說明理由．

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一、選擇題（每小題5分，共60分）

   BDACC   ACDDB  AA

二、填空題（每小題4分，共16分）

  （13） ；   （14）；   （15）；   （16）②③。

三、解答題（共74分）

（17）解：（I）由于弦定理，

有

代入得。

                                           …………………………………4分

即。

      ……………………………………6分

                              ……………………………………7分

                   …………………………………8分

（Ⅱ），                     ………………………………10分

 由，得。             ………………………………11分

所以，當(dāng)時，取得最小值為0，   ………………………………12分

（18）解：（I）由已知得

              故

              即

              故數(shù)列為等比數(shù)列，且

              又當(dāng)時，

                                   ………………………………6分

              而亦適合上式

                                …………………………………8分

         （Ⅱ）

               所以

                                      ………………………………12分

（19）解：（I）由該四棱錐的三視圖可知，該四棱錐的底面的邊長為1的正方形，側(cè)棱，

                                                   ……………………………4分

        （Ⅱ）連結(jié)交于，則為的中點，

             為的中點，

             ，

             又平面內(nèi)，

             平面                   ………………8分

        （Ⅲ）不論點在何位置，都有   ………………9分

             證明：連結(jié)，是正方形，

                   又，

                           …………12分

（20分）解：

(I）利用樹形圖我們可以列出連續(xù)抽取2張卡片的所有可能結(jié)果（如下圖所示）。

            由上圖可以看出，實驗的所有可能結(jié)果數(shù)為20．因為每次都隨機(jī)抽取，因次

這20種結(jié)果出現(xiàn)的可能性是相同的，實驗屬于古典概型。 ……………2分用

表示事“連續(xù)抽取2人都是女生”，則與互斥，并且表示事

件“連續(xù)抽取2張卡片，取出的2人不全是男生”，由列出的所有可能結(jié)果可

以看出，的結(jié)果有12種，的結(jié)果有2種，由互斥事件的概率加法公式，

可得

，

即連續(xù)抽取2張卡片，取出的2人不全是男生的概率為0.7……………6分

      （Ⅱ）有放回地連續(xù)抽取2張卡片，需注意同一張卡片可再次被取出，并且它被取出的可能性和其他卡片相等，我們用一個有序?qū)崝?shù)對表示抽取的結(jié)果，例如“第一次取出2號，第二次取出4號”就用（2，4）來表示，所有的可能結(jié)果可以用下表列出。

   第二次抽取

第一次抽取

1

2

3

4

5

1

（1，1）

（1，2）

（1，3）

（1，4）

（1，5）

2

（2，1）

（2，2）

（2，3）

（2，4）

（2，5）

3

（3，1）

（3，2）

（3，3）

（3，4）

（3，5）

4

（4，1）

（4，2）

（4，3）

（4，4）

（4，5）

5

（5，1）

（5，2）

（5，3）

（5，4）

（5，5）

           試驗的所有可能結(jié)果數(shù)為25，并且這25種結(jié)果出現(xiàn)的可能性是相同的，試驗屬于古典型。                                …………………………8分

           用表示事件“獨唱和朗誦由同一個人表演”，由上表可以看出，的結(jié)果共

有5種，因此獨唱和朗誦由同一個人表演的概率

                      ……………………………12分

（21）解：

（I）

          依題意有                           ………………………2分

          即  解得          …………………………4分

          由，得                   

           的單調(diào)遞減區(qū)間是            ………………………6分

     （Ⅱ）由  得   ………………………8分

           不等式組確定的平面區(qū)域如圖陰影部分所示：

           由   得        ………………………8分

            不等式組確定的平面區(qū)域如圖陰影部分所示：

           由   得

            點的坐標(biāo)為（0，-1）．   ………………10分

           設(shè)則表示平面區(qū)域內(nèi)的點（）與點

            連線斜率。

            由圖可知或，

            即……………12分

（22）解：

（I）設(shè)橢圓方程為

     則根據(jù)題意，雙曲線的方程為

     且滿足

           解方程組得    ……………………4分

     橢圓的方程為，雙曲線的方程 ………………6分

（Ⅱ）由（I）得

      設(shè)則由得為的中點，所以點坐標(biāo)為

，

將坐標(biāo)代入橢圓和雙曲線方程，得

消去，得

解之得或（舍）

所以，由此可得

所以                        …………………………10分

當(dāng)為時，直線的方程是

即

代入，得

所以或-5（舍）                ……………………………12分

所以

軸。

所以   ……………………14分