題目列表(包括答案和解析)
圖14-12-20
（1）若忽略電流表和電壓表的電阻對實(shí)驗(yàn)的影響，則由測量得到的數(shù)據(jù)計(jì)算電源的電動勢E，則其表達(dá)式為E=_______，計(jì)算電源內(nèi)電阻R的表達(dá)式為r=_______.
（2）若考慮到電流表和電壓表自身電阻對測量結(jié)果的影響，所得到的電源電動勢E的測量值與真實(shí)值相比較，是偏大還是偏�。看穑篲_______.
圖
(1)若忽略電流表和電壓表的電阻對實(shí)驗(yàn)的影響,則由測量得到的數(shù)據(jù)計(jì)算電源的電動勢E的表達(dá)式為E=_________,計(jì)算電源內(nèi)電阻r的表達(dá)式為r=_________.
(2)若考慮到電流表和電壓表自身電阻對測量結(jié)果的影響,所得到的電源電動勢E的測量值與真實(shí)值相比較,是偏大還是偏小？答：_________.
的滑動觸頭處于某一位置時(shí),電流表和電壓表的讀數(shù)分別為
和
；改變滑動變阻器的滑動觸頭位置后,電流表和電壓表的讀數(shù)分別為
和
.? 
圖12
(1)若忽略電流表和電壓表的電阻對實(shí)驗(yàn)的影響,則由測量得到的數(shù)據(jù)計(jì)算電源的電動勢
的表達(dá)式為
,計(jì)算電源內(nèi)電阻
的表達(dá)式為
.?
(2)若考慮到電流表和電壓表自身電阻對測量結(jié)果的影響,所得到的電源電動勢E的測量值與真實(shí)值相比較,是偏大還是偏小?答: .
一、本題共10小題，每小題3分，共30分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有的小題只有一個選項(xiàng)是正確的，有的小題有多個選項(xiàng)是正確的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分。把你認(rèn)為正確答案的代表字母填寫在題后的括號內(nèi)。
1．B 2．AC 3．CD 4．AB 5．D 6．CD 7．BC 8．AC 9．A 10．CD
二、本題共3小題，共14分。按照要求作圖或把答案填在題中的橫線上。
12．（1）；（2分） ；（2分）（2）偏小。（1分）
13．（1）如答圖1；（2分） （2）0~6.4；（2分）
（3）。（2分）
三、本大題包括7小題，共56分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明，方程式和重要的演算步驟。
只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題的答案必須明確寫出數(shù)值和單位。
14．（7分）
解：（1）質(zhì)子進(jìn)入磁場做半徑為R1的勻速圓周運(yùn)動，洛侖滋力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，…………………………（2分）
質(zhì)子離開磁場時(shí)到達(dá)A點(diǎn)，O、A間的距離.………………（1分）
同理，α粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為，α粒子離開磁場時(shí)到達(dá)B點(diǎn)，
O、B間的距離，則A、B兩點(diǎn)間的距離.…（2分）
（2）α粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動周期為，
則α粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間為…………………………（2分）
15．（7分）解：（1）根據(jù)電磁感應(yīng)定律，金屬棒ab上產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為
……………………………………（1分）
根據(jù)閉合電路歐姆定律，通過R的電流……………………（1分）
金屬棒兩端的電壓U=E－Ir=2.5V.………………………………………………（1分）
（2）由于ab桿做勻速運(yùn)動，拉力和磁場對電流的安培力大小相等，即
…………………………………………………………（2分）
（3）根據(jù)焦耳定律，電阻R上消耗的電功率P=I2R=1.25W.…………………（2分）
16．（8分）解：（1）滑塊沿斜面滑下的過程中，受到的滑動摩擦力，
設(shè)到達(dá)斜面底端時(shí)的速度為，根據(jù)動能定理
，…………………………（2分）
解得………………………………………………（1分）
（2）滑塊第一次與擋板碰撞后沿斜面返回上升的高度最大，設(shè)此高度為，根據(jù)動能定理， ，…………………………（2分）
代入數(shù)據(jù)解得……………………………………（1分）
（3）滑塊最終將靜止在斜面底端，因此重力勢能和電勢能和減少等于克服摩擦力做的功，
即等于產(chǎn)生的熱能，……………………（2分）
17．（8分）解：（1）因?yàn)榫�圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流變化的周期與磁場變化的周期相同，所以由圖象可知，線圈中產(chǎn)生交變電流的周期為T=3.14×10－2s.
所以線圈中感應(yīng)電動勢的最大值為……………………（2分）
（2）根據(jù)歐姆定律，電路中電流的最大值為
通過小燈泡電流的有效值為，…………………………（1分）
小燈泡消耗的電功率為P=I2R=2.88W………………………………………………（2分）
（3）在磁感應(yīng)強(qiáng)度變化的1~1/4周期內(nèi)，線圈中感應(yīng)電動勢的平均值
通過燈泡的平均電流……………………………………（1分）
通過燈泡的電荷量………………………………（2分）
18．（8分）解：（1）當(dāng)通過金屬棒的電流為I2時(shí)，金屬棒在導(dǎo)軌上做勻加速運(yùn)動，設(shè)加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律，………………………………（1分）
設(shè)金屬棒到達(dá)NQ端時(shí)的速率為，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式，，……………（1分）
由以上兩式解得：……………………………………（2分）
（2）當(dāng)金屬棒靜止不動時(shí)，金屬棒的電阻，設(shè)金屬棒在導(dǎo)軌上運(yùn)動的時(shí)間為t，
電流在金屬棒中產(chǎn)生的熱量為Q，根據(jù)焦耳定律，Q=I，…………………（2分）
根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式，，將（1）的結(jié)果代入，爭得
………（2分）
19．（9分）解：（1）t=0時(shí)刻進(jìn)入兩板間的電子先沿OO′方向做勻速運(yùn)動，即有，
而后在電場力作用下做類平拋運(yùn)動，在垂直于OO′方向做勻加速運(yùn)動，設(shè)到達(dá)B、D
端界面時(shí)偏離OO′的距離為y1，則.………………（2分）
t=T/2時(shí)刻進(jìn)入兩板間的電子先在T/2時(shí)間內(nèi)做拋物線運(yùn)動到達(dá)金屬板的中央，而后做勻速直線運(yùn)動到達(dá)金屬板B、D端界面。設(shè)電子到達(dá)金屬板的中央時(shí)偏離OO′的距離為y2，將此時(shí)電子的速度分解為沿OO′方向的分量與沿電場方向的分量，并設(shè)此時(shí)刻電子的速度方向與OO′的夾角為θ，電子沿直線到達(dá)金屬板B、D端界面時(shí)偏離OO′的距離為，則有；
解得……………………………………………………（1分）
因此，�！�1分）
（2）在t=(2n+1) T/2(n=0, 1,2……)時(shí)刻進(jìn)入兩板間的電子在離開金屬板時(shí)偏離OO′的距離最大，因此為使所有進(jìn)入金屬板間的電子都能夠飛出金屬板，應(yīng)滿足的條件為，解得板間電太的最大值。…………………………………………（2分）
（3）設(shè)）時(shí)刻進(jìn)入兩板間的電子到達(dá)熒光屏上的位置與O′點(diǎn)的距離為Y1；t=(2n+1)T/2(n=0,1,2……)時(shí)刻進(jìn)入兩板間的電子到達(dá)熒光屏上的位置與O′點(diǎn)的距離為，電子到達(dá)熒光屏上分布在范圍內(nèi). 當(dāng)滿足的條件時(shí)，△Y為最大。根據(jù)題中金屬板和熒光屏之間的幾何關(guān)系，得到
……………………………………………………（1分）
因此電子在熒光屏上分布的最大范疇為………（2分）
20．（9分）
解：（1）粒子A在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛侖滋力提供向心力，設(shè)粒子A的速度為v0，在MN上方運(yùn)動半徑為R1，運(yùn)動周期為T1，根據(jù)牛頓第二定律和圓周運(yùn)動公式，
解得 ………………………………（2分）
同理，粒子A在MN下方運(yùn)動半徑R2和周期T2分別為：
。
粒子A由P點(diǎn)運(yùn)動到MN邊界時(shí)與MN的夾角為60°，如答圖2所示，則有
R1－h(huán)=R1cos60° 得到：R1=2h，R2=4h。
PQ間的距離為d=2R2sin60°－2R1sin60°=2h。………………………………（3分）
（2）粒子A從P點(diǎn)到Q點(diǎn)所用時(shí)間為
，………………………………（1分）
設(shè)粒子B的質(zhì)量為M，從P點(diǎn)到Q點(diǎn)速度為v
，……………………………………………………（1分）
由
根據(jù)動量守恒定律…………（2分）
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