題目列表(包括答案和解析)
一種海浪發(fā)電機的氣室如圖所示。工作時，活塞隨海浪上升或下降，改變氣室中空氣的壓強，從而驅(qū)動進氣閥門和出氣閥門打開或關(guān)閉。氣室先后經(jīng)歷吸入、壓縮和排出空氣的過程，推動出氣口處的裝置發(fā)電。氣室中的空氣可視為理想氣體。
（1）下列對理想氣體的理解，正確的有 。
| A．理想氣體實際上并不存在，只是一種理想模型 |
| B．只要氣體壓強不是很高就可視為理想氣體 |
| C．一定質(zhì)量的某種理想氣體的內(nèi)能與溫度、體積都有關(guān) |
| D．在任何溫度、任何壓強下，理想氣體都遵循氣體實驗定律 |
| A．理想氣體實際上并不存在，只是一種理想模型 |
| B．只要氣體壓強不是很高就可視為理想氣體 |
| C．一定質(zhì)量的某種理想氣體的內(nèi)能與溫度、體積都有關(guān) |
| D．在任何溫度、任何壓強下，理想氣體都遵循氣體實驗定律 |
如圖甲所示，固定在水平地面上的氣缸內(nèi)，用活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，已知在環(huán)境溫度變化時大氣壓強
不變�，F(xiàn)對活塞施加一作用力
，使氣缸內(nèi)氣體分別經(jīng)歷圖乙所示的①②③三個過程，緩慢地從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，狀態(tài)A、B壓強相等，則下列說法錯誤的是
A．過程①一定對活塞做負功
B．過程②為零
C．過程③先對活塞做正功，后對活塞做負功
D．過程①比過程②③吸熱多
如圖所示，容器A、B各有一個可以自由移動的輕活塞，活塞下面是水，上面是大氣，大氣壓恒定．A、B的底部由帶有閥門K的管道相連，整個裝置與外界絕熱．原先，A中水面比B中的高，打開閥門K，使A中的水逐漸向B中流，最后達到平衡．在這個過程中
A．大氣壓力對水做正功，水的內(nèi)能增加
B．水克服大氣壓力做功，水的內(nèi)能減少
C．大氣壓力對水不做功，水的內(nèi)能不變
D．大氣壓力對水不做功，水的內(nèi)能增加
1．D 解析：該反應(yīng)是輕核的聚變，A錯；輕核的聚變要放出能量B錯；該反應(yīng)中沒有α和β射線產(chǎn)生，但可能有γ產(chǎn)生，C錯；反應(yīng)前樣子總質(zhì)量
，反應(yīng)后核子總質(zhì)量
，質(zhì)量虧損為
，D正確。
2．C 解析：以活塞為研究對象，水平方向活塞受三個力如圖所示，氣體初、末狀態(tài)壓強均等于大氣壓強
，此時
=0；過程①缸內(nèi)氣體壓強
先增大后減小，則向左先增大后減小，對活塞做負功， A是對的；過程②缸內(nèi)氣體壓強不變且等于，
，B是對的；過程③缸內(nèi)氣體壓強先減小后增大，向右先增大后減小，對活塞做正功，C錯；由熱力學(xué)第一定律得
，所以
，理想氣體的溫度變化相同時內(nèi)能變化
相同，則
為負時Q大，D正確。選C。
3．BD
4．AB
5．A 解析：由圖(c)可知，子彈穿過木塊A的時間為
，子彈對木塊A的沖量實際上等于子彈在穿過A的過程中對A、B的總沖量，即
，由于A、B相同，質(zhì)量相等，因此在時間A對B的沖量等于子彈對A的沖量的一半，即
，A正確D錯；子彈在穿過B時，相對B的平均速度小于穿過A時相對A的平均速度，因此
，
，
，
，BC錯。
6．BC 解析：
時刻B板電勢比A板高，電子在時間內(nèi)向B板加速，加速結(jié)束；在
時間內(nèi)電子減速，由于對稱，在
時刻速度恰好為零，接下來，電子重復(fù)上述運動，所以電子一直向B板運動，直到從小孔P突出，A錯；無論電子在什么時刻突出P孔，時刻電子都具有最大動能，B正確；電子突出小孔P的時刻不確定，但突出時的動能不大于
，C正確D錯。
7．C 解析：運動員在到達P點前做平拋運動，y方向做勻速運動，x方向做自由落體運動，AD兩項錯；當運動員滑上斜面后，x、y方向都做勻加速運動，但加速度小于重力加速度，B對C錯。
8．AC 解析：如圖甲，則振動周期
，則
，A正確；如圖乙，振動周期則為
，若為
，則
時刻和
時刻振動位移分別為A和-A，彈簧的長度不可能相同的。若為
，則
振動位移為-A，
，振動位移為
A，B錯；當振動周期為時，
時刻和
時刻振子的位移相等，加速度相等；當振動周期為時，時刻和時刻振子的位移為零，加速度為零；C正確；由上述可知，兩種情況位移雖相同，但速度方向相反，動量大小相等，D錯。
9．D 解析：有三個力對金屬棒
做功，其中重力做功不改變金屬棒的機械能，拉力做功金屬棒的機械能增加，安培力做功金屬棒的機械能減小，減小的機械能轉(zhuǎn)化為電能，因此感應(yīng)電流的功率
等于安培力的功率，兩金屬棒速度相等，動能不變，若
則系統(tǒng)重力勢能不變，機械能不變，拉力做的功全部轉(zhuǎn)化為電能，即
，AB錯；若
，則系統(tǒng)重力勢能增大，機械能增大，拉力做的功一部分轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)機械能，一部分轉(zhuǎn)化為電能，則
一定大于，C錯D對。
10．BCD 解析：對
，
，功率隨電流I的減小而減小，A錯B正確；對
，
，當
時，有最大值，C正確；若
，則隨的增大單調(diào)減小，D正確。
11．0.900 12
12．答案：①乙；②電壓表的示數(shù)
，電阻箱的阻值；若選擇圖甲，
；若選擇圖乙，則
；③若選擇圖甲，則為CE；若選擇圖乙，則為E。
解析：①由于電源電動勢
V較小，
，電流表的標度單位只能是mA或μA，因此
約5
或5000，5不合題意，5000比電流表內(nèi)阻并不滿足
，電壓表內(nèi)阻又未知，因此選擇圖乙，閉合開關(guān)S2時，保持不變，反復(fù)調(diào)節(jié)
，使電流表指針半偏且電壓表示數(shù)不變，則電路總電流不變，使電壓表同時監(jiān)測電路電流，減小實驗誤差，故選擇圖乙；②若選擇圖甲，則
，則；選擇圖乙時，開關(guān)S2閉合前，通過電阻的電流就是通過電流表的電流；③此實驗電源內(nèi)阻對實驗沒有影響，A錯；兩種電路都有電壓表作監(jiān)測電表，因此因此電源電動勢大小及電阻箱阻值的大小均對實驗沒有影響，BD錯；若選擇圖甲，則電壓表內(nèi)阻對電流表兩端電壓
的計算有較大影響，而對圖乙，電壓表只起監(jiān)測作用，因此選圖甲時應(yīng)該選擇C項；電阻箱阻值的精確度對實驗直接造成影響，兩種選擇均要選E項。
評分說明：①只能選擇圖乙；②③若選擇圖甲，只要后續(xù)回答正確均給分。
13．解析：⑴以10個小球整體為研究對象，由力的平衡條件可得 
…（2分）
得
………………………………………………（2分）
⑵以1號球為研究對象，根據(jù)機械能守恒定律可得 
…………（2分）
解得
……………………………………………（2分）
⑶撤去水平外力F后，以10個小球整體為研究對象，利用機械能守恒定律可得
（2分） 得 
（1分）
以1號球為研究對象，由動能定理得 
………………（2分）
得
………………………………………………（2分）
14．解析：⑴由萬有引力定律得
①
②
①/②得
③
④
⑵上升最高的塵埃做豎直上拋運動，因此由 
得
⑶塵埃上升時機械能守恒，有
則衛(wèi)星撞擊月球時的速度約為 
15．解析：⑴設(shè)電子在分離器中偏轉(zhuǎn)的軌道半徑為，在
中，
①
②
因此電子在Q和M中運動的周期相同，且
③
正、負電子從O第一次到D的時間為
相等，因此要讓正、負電子在D中相遇，有 
④
由②③④解得 
⑤
由電子偏轉(zhuǎn)方向可判斷，Q、M中磁感應(yīng)強度的方向相反
⑵由②⑤得 
⑥
當
時，環(huán)的半徑最大，且 
⑦
16．解析：A、B間發(fā)生彈性碰撞，設(shè)每次碰撞A、B的速度分別為
，碰后的速度分別為
，由動量守恒定律和能量守恒定律得
①
②
聯(lián)立①②解得 
(舍去)，即每次碰撞兩球都交換速度。
⑴設(shè)第一次碰撞前小球A的速度為
，由動能定理得
③
則第一次碰撞后 
，小球A又開始做初速度為零的勻加速運動，小球B則以速度做勻速運動，設(shè)從A、B間的第一次碰撞到第二次碰撞前小球A運動的距離為
，則 
④
⑤
聯(lián)立③④⑤解得 
⑵第二次碰后
，設(shè)第三次碰撞前A運動的距離為
，則
⑥
⑦
聯(lián)立解得 
第三次碰后
，小球B的動能
，因此當小球B出電場時的動能為
時，A、B間發(fā)生了四次碰撞。
⑶第四次碰撞后，小球A的速度
，若第四次碰撞發(fā)生后小球A即離開電場，則A的動能
，若小球A在將要發(fā)生第五次碰撞時才離開電場，則
⑧
⑨
解得 
，故有 
湖北省互聯(lián)網(wǎng)違法和不良信息舉報平臺 | 網(wǎng)上有害信息舉報專區(qū) | 電信詐騙舉報專區(qū) | 涉歷史虛無主義有害信息舉報專區(qū) | 涉企侵權(quán)舉報專區(qū)
違法和不良信息舉報電話：027-86699610 舉報郵箱：58377363@163.com