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        1. 5. 如圖所示.在地面上方有一個勻強(qiáng)電場.在該電場中取一點O作圓心.以R=l0cm為半徑.在豎直平面內(nèi)作一個圓.圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線.在O點固定一個電量為Q=-5×10-4C的點電荷(其對勻強(qiáng)電場的影響可忽略不計),當(dāng)把一個質(zhì)量m=3g.電量為q=+2×10-10C的帶電小球放在圓周的a點時.它恰能靜止不動.由此可知.勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa線的夾角α= ,若再施加一個力F.將帶電小球從a點緩慢移動到圓周上的最高點b.則力F需做功 J.Ⅰ.單項選擇題 查看更多

           

          題目列表(包括答案和解析)

          精英家教網(wǎng)如圖所示,在地面上方有一個勻強(qiáng)電場,在該電場中取一點O作圓心,以R=l0cm為半徑,在豎直平面內(nèi)作一個圓,圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線.在O點固定一個電量為Q=-5×10-4C的點電荷(其對勻強(qiáng)電場的影響可忽略不計);當(dāng)把一個質(zhì)量m=3g、電量為q=+2×10-10C的帶電小球放在圓周的a點時(O、a連線水平),它恰能靜止不動.由此可知,勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa線的
          夾角α=
           
          ;若再施加一個力F,將帶電小球從a點緩慢移動到圓周上的最高點b,則力F需做功
           
          J.

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          如圖所示,在地面上方有一個勻強(qiáng)電場,在該電場中取一點O作圓心,以R=l0cm為半徑,在豎直平面內(nèi)作一個圓,圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線.在O點固定一個電量為Q=-5×10-4C的點電荷(其對勻強(qiáng)電場的影響可忽略不計);當(dāng)把一個質(zhì)量m=3g、電量為q=+2×10-10C的帶電小球放在圓周的a點時(O、a連線水平),它恰能靜止不動.由此可知,勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa線的
          夾角α=______;若再施加一個力F,將帶電小球從a點緩慢移動到圓周上的最高點b,則力F需做功______J.
          精英家教網(wǎng)

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          如圖所示,在地面上方有一個勻強(qiáng)電場,在該電場中取一點O作圓心,以R=l0cm為半徑,在豎直平面內(nèi)作一個圓,圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線.在O點固定一個電量為Q=-5×10-4C的點電荷(其對勻強(qiáng)電場的影響可忽略不計);當(dāng)把一個質(zhì)量m=3g、電量為q=+2×10-10C的帶電小球放在圓周的a點時(O、a連線水平),它恰能靜止不動.由此可知,勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa線的
          夾角α=    ;若再施加一個力F,將帶電小球從a點緩慢移動到圓周上的最高點b,則力F需做功    J.

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          如圖所示,在地面上方有一個勻強(qiáng)電場,在該電場中取點O作為圓心,以R=10cm為半徑,在豎直平面內(nèi)做一個圓,圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線,在O點固定一個電荷量為Q=-5×10-4C的電荷.當(dāng)把一個質(zhì)量為m=3g,電荷量為q=2×10-10C帶電小球放在圓周上的a點時(a點為圓周上最左的點),它恰好能靜止不動,.若將帶電小球從a點緩慢移到圓周上最高點b,外力做功W=______J.

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          如圖所示,在地面上方有一勻強(qiáng)電場,在該電場中以一點O作為圓心,以R=10cm為半徑在豎直平面內(nèi)做一個圓,圓平面平行勻強(qiáng)電場的電場線,在O點放置一個電量為Q=-5×10-4C的點電荷,當(dāng)把一個質(zhì)量m=3g,電量q=2×10-10C的帶電質(zhì)點,放在圓周上的a點時(a點與O點等高),它恰能停止不動,那么勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa的夾角α=________(用反三角函數(shù)表示),若把帶電質(zhì)點緩慢地移到圓周的最高點b處,外力做功W=________(取g=10m/s2).

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          一、(20分)填空題.本大題共5小題,每小題4分。答案寫在題中橫線上的空白處或指定位置,不要求寫出演算過程。

          1.主序星,核能或原子能       2.  3.315×10-19,3             3.  ;10J   

          4.  ;            5.    α=arctan, 9×10-3J。

          二、(40分)選擇題。

          單項選擇題

          6

          7

          8

          9

          10

          A

          C

          B

          D

          C

          多項選擇題

          11

          12

          13

          14

          BD

          ACD

          ACD

          BC

           

          三、(30分)實驗題

          15. (5分)CD

          16. (5分) (1)分子是球形;分子間無空隙(此空填“把油膜看成單分子層”也可以)

          (2)  

          17.(4分)C 

          18.(1)如圖所示(2分)

           (2)2.5~2.7V之間均給分(1分)0.9~1.1

          Ω之間均給分(1分)

          (3)2.5~2.8A之間均給分(2分)

          (4)1.55~1.75W之間均給分(2分)

          19.(8分)擋光時間   極短時間內(nèi)的平均速度近 

          似等于瞬時速度(或:極短位移內(nèi)的平均速

          近似等于瞬時速度) (2分)

          2.80 m2/s2;1.31m/s;

          。(n=1,2,3……30)

          四、(60分)計算題

          20.(10分)解:

          杯子內(nèi)氣體做等溫變化,由玻意耳定律得:

                   

          解得: Pa

          因為氣體A的壓強(qiáng)加上水柱的壓強(qiáng)  Pa=P0 

            所以,水不會流出來。

          21. (12分)解:

          (1)v1=60km/h,s1=20;v2=120km/h,s2=80m

          由動能定理知:-kmgs=0-,v2=2kgs  ①

              由圖像數(shù)據(jù)知:,因此v-s圖像是一條拋物線   ②

          (2)利用動能定理:  ③

          在圖像上取一點:v­1=60km/h,剎車時位移是s1=20m  ④

            所以v02-452=602  

          得v0=75km/h

          22.(12分)解:不正確。把路端電壓與電源電動勢混為一談,認(rèn)為路端電壓是恒定的,不隨外電路改變而改變。

          分析解答:內(nèi)電阻不可忽略,

          因為,r一定,當(dāng)R

          越大,U也越大,所以與ε不同,U不是恒定的。

          設(shè)電源電動勢為s,內(nèi)電阻r,

          以當(dāng)B連入時,用電器兩端的電壓將小于10V,它消耗的實際功率將小

          于50W,有可能小于2.0W,,、

          但需要滿足

          可解得

          ,

          述條件時,B的實際功率小于2.0W。

          23. (12分)(1)解:(1分)

          方向平行于斜面向上(1分)

          (2)1~4s內(nèi)向下勻加速,,

           (1分)

          4~7s內(nèi)向下勻減速至速度為0,

          (1分)

          7~8s內(nèi)向上勻加速,8~9s向上勻減速至速度為0,完成一個周期,

          (1分)

          一個周期內(nèi)向下位移

          S=240,得(1分)

          由過程分析知,5個周期未能達(dá)到,第6個周期終點時刻之前,就已經(jīng)到達(dá)。

          下面我們計算第6個周期開始到達(dá)底端所用的時間

          第6個周期由總位移米,加速階段,

          位移S1=,剩下位移,加力后它減速過程即可完成:(1分)

          ,

           

              (舍)(1分)

            =40+3+1.6s=44.6s(1分)

          (3)  到達(dá)底端時速度為

              

          (3分)

          24.(14分)解:

          (1)設(shè)AB邊剛進(jìn)入上面磁場時速度為0,線    

          則mgh= m02                (1分)

          AB剛進(jìn)入磁場時有, =mg      

          所以(2分)

          (2)當(dāng)GH、CD進(jìn)入磁場時,當(dāng)某時刻金屬框上的熱功率為P,設(shè)此時框的速度為1

          E1=B(2l1   (1分)

          線框的熱功率為

          ,

          得出1=  (2分)

          (3),當(dāng)AB邊出下面磁場的前一段時間內(nèi),線框在做勻速運(yùn)動,此時AB和EF同時在切割,設(shè)此勻速運(yùn)動的速度為2

          E2=B(4l2   (1分)

           =mg      (1分) 

          2=  

          在AB邊穿越兩個磁場過程中,根據(jù)能量守恒定律得:

              mg(4h)-Q= m22     (1分)

          金屬框損失的機(jī)械能△E=Q= mgh  (1分)

          (4)圖略

           

           


          同步練習(xí)冊答案