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如圖所示，在地面上方有一個勻強(qiáng)電場，在該電場中取一點O作圓心，以R=l0cm為半徑，在豎直平面內(nèi)作一個圓，圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線．在O點固定一個電量為Q=-5×10^-4C的點電荷（其對勻強(qiáng)電場的影響可忽略不計）；當(dāng)把一個質(zhì)量m=3g、電量為q=+2×10^-10C的帶電小球放在圓周的a點時（O、a連線水平），它恰能靜止不動．由此可知，勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa線的
夾角α=

 

；若再施加一個力F，將帶電小球從a點緩慢移動到圓周上的最高點b，則力F需做功

 

J．

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如圖所示，在地面上方有一個勻強(qiáng)電場，在該電場中取一點O作圓心，以R=l0cm為半徑，在豎直平面內(nèi)作一個圓，圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線．在O點固定一個電量為Q=-5×10^-4C的點電荷（其對勻強(qiáng)電場的影響可忽略不計）；當(dāng)把一個質(zhì)量m=3g、電量為q=+2×10^-10C的帶電小球放在圓周的a點時（O、a連線水平），它恰能靜止不動．由此可知，勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa線的
夾角α=______；若再施加一個力F，將帶電小球從a點緩慢移動到圓周上的最高點b，則力F需做功______J．

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如圖所示，在地面上方有一個勻強(qiáng)電場，在該電場中取一點O作圓心，以R=l0cm為半徑，在豎直平面內(nèi)作一個圓，圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線．在O點固定一個電量為Q=-5×10^-4C的點電荷（其對勻強(qiáng)電場的影響可忽略不計）；當(dāng)把一個質(zhì)量m=3g、電量為q=+2×10^-10C的帶電小球放在圓周的a點時（O、a連線水平），它恰能靜止不動．由此可知，勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa線的
夾角α=    ；若再施加一個力F，將帶電小球從a點緩慢移動到圓周上的最高點b，則力F需做功    J．

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如圖所示，在地面上方有一個勻強(qiáng)電場，在該電場中取點O作為圓心，以R=10cm為半徑，在豎直平面內(nèi)做一個圓，圓平面平行于勻強(qiáng)電場的電場線，在O點固定一個電荷量為Q=-5×10^-4C的電荷．當(dāng)把一個質(zhì)量為m=3g，電荷量為q=2×10^-10C帶電小球放在圓周上的a點時（a點為圓周上最左的點），它恰好能靜止不動，．若將帶電小球從a點緩慢移到圓周上最高點b，外力做功W=______J．

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如圖所示，在地面上方有一勻強(qiáng)電場，在該電場中以一點O作為圓心，以R＝10cm為半徑在豎直平面內(nèi)做一個圓，圓平面平行勻強(qiáng)電場的電場線，在O點放置一個電量為Q＝－5×10^－4C的點電荷，當(dāng)把一個質(zhì)量m＝3g，電量q＝2×10^－10C的帶電質(zhì)點，放在圓周上的a點時(a點與O點等高)，它恰能停止不動，那么勻強(qiáng)電場的電場線跟Oa的夾角α＝________(用反三角函數(shù)表示)，若把帶電質(zhì)點緩慢地移到圓周的最高點b處，外力做功W＝________(取g＝10m/s²)．

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一、（20分）填空題．本大題共5小題，每小題4分。答案寫在題中橫線上的空白處或指定位置，不要求寫出演算過程。

1．主序星，核能或原子能       2．  3．315×10^-19，3             3．  ；10J   

4．  ；            5．    α=arctan， 9×10^-3J。

二、（40分）選擇題。

單項選擇題

6

7

8

9

10

A

C

B

D

C

多項選擇題

11

12

13

14

BD

ACD

ACD

BC

三、（30分）實驗題

15． （5分）CD

16． （5分） （1）分子是球形；分子間無空隙（此空填“把油膜看成單分子層”也可以）

（2）  

17．（4分）C 

18．（1）如圖所示（2分）

 （2）2．5~2．7V之間均給分（1分）0．9~1．1

Ω之間均給分（1分）

（3）2．5~2．8A之間均給分（2分）

（4）1．55~1．75W之間均給分（2分）

19．（8分）擋光時間   極短時間內(nèi)的平均速度近 

似等于瞬時速度（或：極短位移內(nèi)的平均速

近似等于瞬時速度） （2分）

2．80 m²/s²；1．31m/s；

。（n=1,2,3……30）

四、（60分）計算題

20．（10分）解：

杯子內(nèi)氣體做等溫變化，由玻意耳定律得：

解得： Pa

因為氣體A的壓強(qiáng)加上水柱的壓強(qiáng)　 Pa=P₀　

　　所以，水不會流出來。

21． （12分）解：

（1）v₁=60km/h，s₁=20；v₂=120km/h，s₂=80m．

由動能定理知：-kmgs=0-，v²=2kgs  ①

    由圖像數(shù)據(jù)知：，因此v-s圖像是一條拋物線   ②

（2）利用動能定理：  ③

在圖像上取一點：v^­₁=60km/h，剎車時位移是s₁=20m  ④

  所以v₀²-45²=60²  

得v₀=75km/h ⑤

22．（12分）解：不正確。把路端電壓與電源電動勢混為一談，認(rèn)為路端電壓是恒定的，不隨外電路改變而改變。

分析解答：內(nèi)電阻不可忽略，

因為，r一定，當(dāng)R

越大，U也越大，所以與ε不同，U不是恒定的。

設(shè)電源電動勢為s，內(nèi)電阻r，

以當(dāng)B連入時，用電器兩端的電壓將小于10V，它消耗的實際功率將小

于50W，有可能小于2.0W，，、

但需要滿足

可解得

，

述條件時，B的實際功率小于2．0W。

23． （12分）（1）解：（1分）

方向平行于斜面向上（1分）

（2）1～4s內(nèi)向下勻加速，，

 （1分）

4～7s內(nèi)向下勻減速至速度為0，

（1分）

7～8s內(nèi)向上勻加速，8～9s向上勻減速至速度為0，完成一個周期，

（1分）

一個周期內(nèi)向下位移

米

S=240，得（1分）

由過程分析知，5個周期未能達(dá)到，第6個周期終點時刻之前，就已經(jīng)到達(dá)。

下面我們計算第6個周期開始到達(dá)底端所用的時間

第6個周期由總位移米，加速階段，

位移S1=，剩下位移，加力后它減速過程即可完成：（1分）

，

，

得    （舍）（1分）

  =40+3+1．6s=44．6s（1分）

（3）  到達(dá)底端時速度為

（3分）

24．（14分）解：

（1）設(shè)AB邊剛進(jìn)入上面磁場時速度為0,線    

則mgh= m02                （1分）

AB剛進(jìn)入磁場時有， =mg      

所以（2分）

（2）當(dāng)GH、CD進(jìn)入磁場時，當(dāng)某時刻金屬框上的熱功率為P，設(shè)此時框的速度為1

E1=B（2l）1   （1分）

線框的熱功率為

，

得出1=  （2分）

（3），當(dāng)AB邊出下面磁場的前一段時間內(nèi)，線框在做勻速運(yùn)動，此時AB和EF同時在切割，設(shè)此勻速運(yùn)動的速度為2

E2=B（4l）2   （1分）

 =mg      （1分） 

2=  

在AB邊穿越兩個磁場過程中，根據(jù)能量守恒定律得：

    mg（4h）-Q= m22     （1分）

金屬框損失的機(jī)械能△E=Q= mgh  （1分）

（4）圖略