Question

設(shè)函數(shù)f（x）=alnx，g（x）=

1

2

x²．
（1）記g′（x）為g（x）的導(dǎo)函數(shù)，若不等式f（x）+2g′（x）≤（a+3）x-g（x）在x∈[1，e]上有解，求實(shí)數(shù)a的取值范圍；
（2）若a=1，對(duì)任意的x₁＞x₂＞0，不等式m[g（x₁）-g（x₂）]＞x₁f（x₁）-x₂f（x₂）恒成立．求m（m∈Z，m≤1）的值．

Answer 1

分析：（1）化簡(jiǎn)不等式得a≥

1 2 x2-x

x-lnx

，設(shè)y=

1 2 x2-x

x-lnx

，然后分離出參數(shù)a后轉(zhuǎn)化為a≥y_min，利用導(dǎo)數(shù)可求得最小值；
（2）由m[g（x₁）-g（x₂）]＞x₁f（x₁）-x₂f（x₂）恒成立，得mg（x₁）-x₁f（x₁）＞mg（x₂）-x₂f（x₂）恒成立，設(shè)t（x）=

m

2

x2-xlnx（x＞0）．由此可判斷當(dāng)x∈（0，+∞）時(shí)函數(shù)t（x）單調(diào)遞增，則t′（x）=mx-lnx-1≥0恒成立，分離出參數(shù)m，轉(zhuǎn)化求函數(shù)最值即可，利用導(dǎo)數(shù)求得最值；

解答：解：（1）不等式f（x）+2g′（x）≤（a+3）x-g（x），即為alnx+2x≤（a+3）x-

1

2

x2，化簡(jiǎn)得：a（x-lnx）≥

1

2

x2-x，
由x∈[1，e]知x-lnx＞0，因而a≥

1 2 x2-x

x-lnx

，設(shè)y=

1 2 x2-x

x-lnx

，
由y′=

(x-1)(x-lnx)-(1- 1 x )( 1 2 x2-x)

(x-lnx)2

=

(x-1)( 1 2 x+1-lnx)

(x-lnx)2

，
∵當(dāng)x∈（1，e）時(shí)，x-1＞0，

1

2

x+1-lnx＞0，
∴y′＞0在x∈[1，e]時(shí)成立，則y=

1 2 x2-x

x-lnx

遞增，ymin=-

1

2

．
由不等式有解，可得知a≥ymin=-

1

2

，即實(shí)數(shù)a的取值范圍是[-

1

2

，+∞）．
（2）當(dāng)a=1，f（x）=lnx．
由m[g（x₁）-g（x₂）]＞x₁f（x₁）-x₂f（x₂）恒成立，得
mg（x₁）-x₁f（x₁）＞mg（x₂）-x₂f（x₂）恒成立，
設(shè)t（x）=

m

2

x2-xlnx（x＞0）．
由題意知x₁＞x₂＞0，故當(dāng)x∈（0，+∞）時(shí)函數(shù)t（x）單調(diào)遞增，
∴t′（x）=mx-lnx-1≥0恒成立，即m≥

lnx+1

x

恒成立，
因此，記y=

lnx+1

x

，得y′=

-lnx

x2

，
∵函數(shù)在（0，1）上單調(diào)遞增，在（1，+∞）上單調(diào)遞減，
∴函數(shù)h（x）在x=1時(shí)取得極大值，并且這個(gè)極大值就是函數(shù)h（x）的最大值．
由此可得h（x）_max=h（1）=1，故m≥1，結(jié)合已知條件m∈Z，m≤1，可得m=1．．

點(diǎn)評(píng)：本題考查導(dǎo)數(shù)在求函數(shù)最值中的應(yīng)用，考查學(xué)生分析問題解決問題的能力．