Question

【題目】y＝﹣2x+4直線交x軸于點(diǎn)A，交y軸于點(diǎn)B，拋物線y＝﹣（x﹣m）（x﹣6）（m＞0）經(jīng)過(guò)點(diǎn)A，交x軸于另一點(diǎn)C，如圖所示．

（1）求拋物線的解析式．

（2）設(shè)拋物線的頂點(diǎn)為D，連接BD，AD，CD，動(dòng)點(diǎn)P在BD上以每秒2個(gè)單位長(zhǎng)度的速度由點(diǎn)B向點(diǎn)D運(yùn)動(dòng)，同時(shí)動(dòng)點(diǎn)Q在線段CA上以每秒3個(gè)單位長(zhǎng)度的速度由點(diǎn)C向點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)，當(dāng)其中一個(gè)點(diǎn)到達(dá)終點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，另一個(gè)點(diǎn)也隨之停止運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒．PQ交線段AD于點(diǎn)E．

①當(dāng)∠DPE＝∠CAD時(shí)，求t的值；

②過(guò)點(diǎn)E作EM⊥BD，垂足為點(diǎn)M，過(guò)點(diǎn)P作PN⊥BD交線段AB或AD于點(diǎn)N，當(dāng)PN＝EM時(shí)，求t的值．

Answer 1

【答案】（1）y＝﹣x2+8x﹣12；（2）① ；②t的值為1﹣或

【解析】

（1）先由直線解析式求得點(diǎn)A、B的坐標(biāo)，將點(diǎn)A坐標(biāo)代入拋物線解析式可求出m的值，從而得出答案；

（2）①由（1）可求得AD＝CD＝2，繼而得∠DAC＝∠DCA，由BD∥AC可得∠DPE＝∠PQA，再結(jié)合已知∠DPE＝∠DAC，可證明四邊形PDQC是平行四邊形，∴PD＝QC

于是得出關(guān)于t的方程4﹣2t＝3t，解方程即可；

②分點(diǎn)N在AB上和點(diǎn)N在AD上兩種情況進(jìn)行討論求解. 當(dāng)點(diǎn)N在AB上時(shí)，先用t表示出PN＝2BP＝4t＝ME，再依次表示出DE＝，AE＝2﹣2t，再由BD∥OC得，代入即得，解出方程即可（注意取舍）；點(diǎn)N在AD上時(shí)，先證明點(diǎn)E、N重合，得PQ⊥BD，于是BP＝OQ，由此可得關(guān)于t的方程，解出即得結(jié)果.

解：（1）當(dāng)x＝0時(shí)，y＝4，

∴點(diǎn)B坐標(biāo)（0，4）

當(dāng)y＝0時(shí)，x＝2

∴點(diǎn)A（2，0）

∵拋物線y＝﹣（x﹣m）（x﹣6）（m＞0）經(jīng)過(guò)點(diǎn)A，

∴0＝﹣（2﹣m）（2﹣6）

∴m1＝2，m2＝0（不合題意舍去）

∴拋物線解析式為：y＝﹣x2+8x﹣12

（2）①∵拋物線解析式為：y＝﹣x2+8x﹣12＝﹣（x﹣4）2+4，

∴頂點(diǎn)D（4，4）

∵點(diǎn)B坐標(biāo)（0，4）

∴BD∥OC，BD＝4，

∵y＝﹣x2+8x﹣12與x軸交于點(diǎn)A，點(diǎn)C

∴點(diǎn)C（6，0），點(diǎn)A（2，0）

∴AC＝4

∵點(diǎn)D（4，4），點(diǎn)C（6，0），點(diǎn)A（2，0）

∴AD＝CD＝2，

∴∠DAC＝∠DCA

∵BD∥AC

∴∠DPE＝∠PQA，

且∠DPE＝∠DAC

∴∠PQA＝∠DAC

∴∠PQA＝∠DCA

∴PQ∥DC，且BD∥AC

∴四邊形PDQC是平行四邊形

∴PD＝QC

∴4﹣2t＝3t

∴t＝

②如圖，若點(diǎn)N在AB上時(shí)，即0≤t≤1

∵BD∥OC

∴∠DBA＝∠OAB，

∵點(diǎn)B坐標(biāo)（0，4），A（2，0），點(diǎn)D（4，4）

∴AB＝AD＝2，OA＝2，OB＝4

∴∠ABD＝∠ADB，

∴tan∠OAB＝＝tan∠DBA＝

∴PN＝2BP＝4t，

∴ME＝PN＝4t，

∵tan∠ADB＝tan∠ABD＝＝2

∴MD＝2t

∴DE＝

∴AE＝AD﹣DE＝2﹣2t

∵BD∥OC

∴

∴

∴5t2﹣10t+4＝0

∴t1＝1+（不合題意舍去），t2＝1﹣

如圖，若點(diǎn)N在AD上，即1＜t

∵PN＝EM，

∴點(diǎn)E、N重合，此時(shí)PQ⊥BD，

∴BP＝OQ，

∴2t＝6﹣3t，

解得：t＝，

綜上所述：當(dāng)PN＝EM時(shí)，t的值為1﹣或．